Các chất trong X đều có dạng C_nH_2n-2O₂

PTHH:

Đáp án C

Chọn đáp án B

Đáp án B

Vì A là chất khí nên số C < 5

,n_CaCO3 = 0,03 mol < n_Ca(OH)2 = 0,035 mol

+) Nếu OH dư => n_CO2 = 0,035 mol

Khí thoát ra khỏi bình có thể có 2 trường hợp :

+) TH₁ : là O₂ dư => n_{O2 dư} = 0,01 => n_{O2 pứ} = 0,05

Bảo toàn O : n_H2O = 2n_O2 – 2n_CO2 = 0,03 mol

=> n_C: n_H = 0,035 : 0,06 = 7 : 12 (loại)

+) TH₂ : là khí A dư => n_H2O = 0,05 mol

=> n_C: n_H = 0,035 : 0,1 = 7 : 20 (loại)

+)Nếu có hòa tan kết tủa => n_CO2 = n_OH – n_CaCO3 = 0,04 mol

Khí thoát ra khỏi bình có thể có 2 trường hợp :

+) TH₁ : là O₂ dư => n_{O2 dư} = 0,01 => n_{O2 pứ} = 0,05

Bảo toàn O : n_H2O = 2n_O2 – 2n_CO2 = 0,02 mol

=> n_C: n_H = 0,04 : 0,04 = 1 : 1 => A là : C₂H₂ ; C₄H₄

+) TH₂ : là khí A dư => n_H2O = 0,04 mol

=> n_C: n_H = 0,04 : 0,08 = 1 : 2  => A là C₂H₄ ; C₃H₆ ; C₄H₈(3 CTCT)

=> Tổng có 7 CTCT thỏa mãn

Chọn B.

\(n_{NaOH}=2.0,03=0,06\left(mol\right)\)

\(n_{Ca\left(OH\right)2}=2.0,02=0,04\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO3}=\dfrac{3}{100}=0,03\left(mol\right)\)

Thứ tự các pthh :

              \(C+O_2-t^o->CO_2\)                                 (1)

             \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->CaCO_3+H_2O\)    (2)

            \(CO_2+2NaOH-->Na_2CO_3+H_2O\)     (3)

            \(CO_2+Na_2CO_3-->2NaHCO_3\)              (4)

            \(CO_2+CaCO_3-->Ca\left(HCO_3\right)_2\)              (5)

Vì \(n_{CaCO3}< n_{Ca\left(OH\right)2}\left(0,03< 0,04\right)\)  => Có 2 giá trị của CO₂ thỏa mãn 

TH1: CO₂ thiếu ở pứ 2 => Chỉ xảy ra pứ (1) và (2) => Không có pứ hòa tan kết tủa

Theo pthh (2) : \(n_{CO_2}=n_{CaCO3}=0,03\left(mol\right)\)

Bảo toản C : \(n_C=n_{CO2}=0,03\left(mol\right)\)

=> m = 0,03.12 = 0,36 (g)

TH2 : CO₂ dư ở pứ (2) ; (3); (4),  đến pứ (5) thì thiếu  => Có pứ hòa tan kết tủa 

Xét pứ (2); (3); (4) ; (5) :

\(\Sigma n_{CO2}=n_{Ca\left(OH\right)2}+\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+n_{Na2CO3}+n_{CaCO3\left(tan\right)}\)

            \(=n_{Ca\left(OH\right)2}+\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+\left(n_{CaCO3\left(sinh.ra\right)}-n_{CaCO3thu.duoc}\right)\)

             \(=n_{Ca\left(OH\right)2}+n_{NaOH}+\left(n_{Ca\left(OH\right)2}-0,03\right)\)

             \(=2n_{Ca\left(OH\right)2}+n_{NaOH}-0,03\)

             \(=2.0,04+0,06-0,03\)

             \(=0,09\left(mol\right)\)

Bảo toàn C : \(n_C=n_{CO2}=0,09\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m=0,09.12=1,08\left(g\right)\)

bạn ơi, bạn sửa cho mình TH2 từ đoạn :

\(n_{CO2}=2.0,04+0,06-0,03=0,11\left(mol\right)\)

Bảo toàn C : \(n_C=n_{CO2}=0,11\left(mol\right)\)

=> m_C = 0,11.12 = 1,32 (g)

p/s: sorry nhé, mình tính nhầm số mol co2 nên mới sai 

Chọn D

C₂H₂ + AgNO₃ -> Ag₂C₂↓

=> n_{kết tủa} = n_C2H2  =0,04 mol

,m_{bình tăng} = m_C2H2 + m_C2H4 = 2,72g => n_C2H4 = 0,06 mol

Đốt cháy : n_CO2 = 2n_C2H2 + 2n_C2H4 = 0,2 mol

n_OH = 0,15 mol < n_CO2

=> phản ứng chỉ tạo HCO₃ với số mol là 0,15 mol

Gọi n CH4 = a(mol) ; n C2H4 = b(mol) ; n C2H2 = c(mol)

=> 16a + 28b + 26c = 4,3(1)

$C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2$
$C_2H_2 + 2Br_2 \to C_2H_2Br_4$

n Br2 = b + 2c = 0,15(2)

Mặt khác : 

m H2O = m tăng = 12,6 gam

=> n H2O = 0,7(mol)

n X = 8,96/22,4 = 0,4(mol)

Bảo toàn nguyên tố với H : 

n H2O = 2n CH4 + 2n C2H4 + n C2H2

Ta có : 

\(\dfrac{n_X}{n_{H_2O}} = \dfrac{a + b + c}{2a + 2b + c} = \dfrac{0,4}{0,7}(3)\)

Từ (1)(2)(3) suy ra a = 0,1 ; b = 0,05 ; c = 0,05

%V CH4 = 0,1/(0,1 + 0,05 + 0,05) .100% = 50%

%V C2H4  = %V C2H2 = 0,05/(0,1 + 0,05 + 0,05)  .100% = 25%

\(n_{hh}=6,72:22,4=0,3mol\\ C_2H_2+2Br_2->C_2H_2Br_4\\ C_2H_4+Br_2->C_2H_2Br_2\\ n_{Br_2}=0,4mol\\ n_{C_2H_2}=a;n_{C_2H_4}=b\\ a+b=0,3\\ 2a+b=0,4\\ a=0,2;b=0,1\\ \%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,2}{0,3}.100\%=66,67\%\\ \%V_{C_2H_4}=33,33\%\)

1/2 hỗn hợp có 0,1 mol C2H2 và 0,05mol C2H4

\(BT.C:n_{CO_2}=2n_{C_2H_2}+2n_{C_2H_4}=0,3mol\\ n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,3\\ m_{KT}=0,3.100=30g\)